有人用C++写携程第一轮笔试吗，是不是用例有问题

T1：给一个字符串，重新排列为n行第一行1个字符第二行2个字符。。。以此类推输出：每一行的第一个字符，拼接为一个字符串思路：定义i=0，第一次取i，第二次取i+1，第三次取i+2，以此类推，拼接后返回T2：给T组数据，每一组数据包含一个数组及其长度n对于一个数组nums，取出一些数字，得分为最小的数字➕取出的个数输出：每一个数组的最大得分思路：排序，然后枚举最小值T3：给定一个数组nums，每个元素的权重为其质因子个数，删除k个元素的子数组，求剩余元素权重的最大和思路：素数筛求质因子，枚举删除区间，前缀和优化T4：给定一棵树，树上的一条路径的权值为经过的所有节点的值的gcd，求所有权值为偶数的路径情况ps：路径不一定从根节点出发且可以是一个节点没做出来思路：后序遍历？gcd条件不知道怎么用，好像路径全是偶数就行了?

思路：前提条件，两个数如果他们的最大公约数是偶数，则代表这两个数也一定是偶数。因此，只需要找出树上的偶数连通块，对于每个连通块可以任意选择其中的一个或者二个节点组成简单路径。使用并查集完成对连通块的维护。 #include <iostream> #include <vector> using namespace std; vector<int> g; int find(int x) { if (g[x] == x)return x; return g[x] = find(g[x]); } int main() { int n; ...

1.直接模拟2.从小到大排序，从后往前遍历i，每次取i~n这段数组看看答案会不会更大，即不断更新ans=max(ans, a[i] + n - i + 1)。3.先预处理每个数的质因子个数a[i]。对a数组求前缀和。然后枚举长度为k的滑动窗口往后移动，更新答案4.树形dp，记dp[i]为从结点i往下走的路径为偶数的方案数。可以发现，只有所有数都为偶数时，这些数的gcd才可能为偶数，因此只需要判断数的奇偶性就行，不用去算gcd。dfs每个结点u，枚举以u为路径最高点时路径为偶数的方案数，累加起来就是答案。对于每个偶数结点u，dp[u]=u的儿子的dp和 + 1，这样就完成了dp的更新；累加答案的话，就是枚举u的每个儿子dp[i]，和他左边儿子的dp和sum，ans+=sum*dp[i]，然后sum+=dp[i]，因为以u为最高点的话，u左边和u右边的路径是可以组合起来的；第四题可能讲的不是很清楚，但属于树形dp挺常见的类型

第三 1，质数因子个数+最小子数组和 import java.util.*; // 注意类名必须为 Main, 不要有任何 package xxx 信息 public class Main { static int[] b = new int[10001]; static { /**计算出1-10000所有的质数 埃氏筛 */ boolean[]isP = new boolean[10001]; Arrays.fill(isP, true); //取出下一个质数，所有该质数的倍数去掉 fo...