牛客周赛 Round 19 解题报告 | 珂学家
前言
整体评价
这场挺有意思的，尤其是T4， 其实很早之前也想过这个问题？如何智能的扫雷，感觉有点难。这题被逼得主动去求解这个扫雷问题，幸好只有4*4，可以暴力枚举。喜欢这种比赛。
A. 小红的字符串大小写变换
Q: API题，把前k个字符大写，后n-k个字符小写
可以切分为2段，然后分别大写，小写化，然后拼接即可
import java.io.BufferedInputStream;
import java.util.Scanner;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(new BufferedInputStream(System.in));
int n = sc.nextInt();
int k = sc.nextInt();
String s = sc.next();
System.out.println(
s.substring(0, k).toUpperCase() + s.substring(k).toLowerCase()
);
}
}
B. 小红杀怪
Q: 有两种技能，一种单体伤害，一种群体伤害，求消灭2个不同血量的怪物，最多使用多少技能？
这题的数据范围有点小，其实可以枚举群体伤害的次数，然后求单体伤害的次数，从而获得最小值。
切入点就是
枚举全体伤害次数，然后求的单体伤害
import java.io.BufferedInputStream;
import java.util.Scanner;
public class Main {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(new BufferedInputStream(System.in));
int a = sc.nextInt(), b = sc.nextInt();
int x = sc.nextInt(), y = sc.nextInt();
int ans = Math.max((a + y - 1) / y, (b + y - 1) / y);
for (int i = 0; i <= ans; i++) {
int t1 = (Math.max(a - y * i, 0) + x - 1) / x;
int t2 = (Math.max(b - y * i, 0) + x - 1) / x;
ans = Math.min(ans, i + t1 + t2);
}
System.out.println(ans);
}
}
C. 小红的元素分裂
Q: 元素x可以分裂为1, x-1, 或者a, b(x=a*b), 求最小次数
可以预处理，枚举一个数的因子，最多, 而因子数均摊为
可以顺推，其实也可以记忆化搜索
import java.io.BufferedInputStream;
import java.util.Scanner;
public class Main {
static int SZ = 10_0000;
static Integer[] memo = new Integer[SZ + 1];
static int dfs(int u) {
if (u == 1) return 0;
if (memo[u] != null) return memo[u];
int res = u;
for (int i = 2; i <= u / i; i++) {
if (u % i == 0) {
int r1 = dfs(i);
int r2 = dfs(u / i);
res = Math.min(res, r1 + r2 + 1);
}
}
int r3 = dfs(u - 1) + 1;
res = Math.min(res, r3);
return memo[u] = res;
}
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(new BufferedInputStream(System.in));
int n = sc.nextInt();
long acc = 0;
int[] arr = new int[n];
for (int i = 0; i < n; i++) {
arr[i] = sc.nextInt();
acc += dfs(arr[i]);
}
System.out.println(acc);
}
}
D. 小红的扫雷游戏
Q: 给一个4x4的扫雷地图，还有一些开的数字格子，求得确定性的雷和非雷，标注‘X’和‘O’?
一开始想着，是否可以搞一个方程组
如果确定为雷和非雷，这些是可解的，还有一些不能明确解的。
然后想想，这我也不会呀，重新审视了下数据范围，4*4，还有雷/非雷, 这个0-1特性，所以想到了全枚举状态，然后进行验证。
如果一个合法的状态，可以对相应的格子进行打标签。
如果一个格子，即被打雷，又被打非雷，那就是不确定，反之就是确定态。
在来分析下时间复杂度为, , 这是理论上复杂度，实际上因为游戏本身的限制，并没有这个高。
写出来，还是挺有意思的，这个题目。
import java.io.BufferedInputStream;
import java.util.Scanner;
public class Main {
static int[][] dirs = new int[][] {
{-1, -1}, {-1, 0}, {-1, 1}, {0, -1}, {0, 1}, {1, -1}, {1, 0}, {1, 1}
};
static boolean verify(char[][] chess, int s) {
for (int i = 0; i < 4; i++) {
for (int j = 0; j < 4; j++) {
char c = chess[i][j];
if (c == '.') continue;
int p = c - '0';
int mine = 0;
for (int t = 0; t < dirs.length; t++) {
int y0 = i + dirs[t][0];
int x0 = j + dirs[t][1];
if (y0 >= 0 && y0 < 4 && x0 >= 0 && x0 < 4) {
int ts = y0 * 4 + x0;
if ((s & (1 << ts)) != 0) {
mine++;
}
}
}
if (mine != p) return false;
}
}
return true;
}
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(new BufferedInputStream(System.in));
char[][] chess = new char[4][];
int notMine = (1 << 16) - 1;
for (int i = 0; i < 4; i++) {
chess[i] = sc.next().toCharArray();
for (int j = 0; j < 4; j++) {
if (chess[i][j] != '.') {
notMine -= 1 << (i * 4 + j);
}
}
}
// 收藏可能解, 1(0b01)一定是非雷，2(0b10)一定雷，3(0b11)则不确定
int[][] vis = new int[4][4];
// 枚举所有的可能性, 因为只有2^16种可能
int range = 1 << 16;
for (int i = 0; i < range; i++) {
if ((i | notMine) == notMine && verify(chess, i)) {
for (int r = 0; r < 4; r++) {
for (int c = 0; c < 4; c++) {
if ((i & (1 << (4 * r + c))) == 0) {
vis[r][c] |= 1;
} else {
vis[r][c] |= 2;
}
}
}
}
}
// 地雷图还原
for (int i = 0; i < 4; i++) {
for (int j = 0; j < 4; j++) {
if (chess[i][j] == '.') {
if (vis[i][j] == 1) chess[i][j] = 'O';
else if (vis[i][j] == 2) chess[i][j] = 'X';
}
}
}
for (int i = 0; i < 4; i++) {
System.out.println(new String(chess[i]));
}
}
}
写在最后
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