Common Substrings
血淋淋的教训！！！！！！！
这一题我觉得出的很好。后缀数组+单调栈。
我们很容易想到两个字符串通过间隔符相连
height分组筛选出来一堆互相最长公共前缀大于等于K的后缀
但是如何统计他们之间的贡献却成为了一个难事情。
这里我们使用的技巧叫做 单调栈！！！
其实好久之前我就遇到单调栈了，但是当时没有钻研。。。。。。
分组之后，我们统计每一个区间中属于s2的后缀与他前面属于s1的后缀所造成的贡献
这样再扫一遍统计属于s1的后缀与他前面属于s2的后缀所造成的贡献。那就是答案了。
这两个问题是对称的，我们来看第一个问题。
假设我们对于s2的后缀i要统计他前面的s1的后缀对他的贡献
这是一个怎样的过程？
我们从i往前找，一路统计最小值，遇到s1的后缀就 ans+=(min-K+1)
对不对。
我们会发现，一个最小值可以对应多个s1的后缀。
也就是说，直到遇到下一个比我小的，我min始终不变，在此路上，遇到的s!的后缀的贡献全部都是min-K+1
那么我们可以使用单调栈，从上往下扫。
我们向栈中压一个二元组(min,cnt)
指 min(height)为min的s1的后缀有cnt个
每当我们扫描到下一个时看一下他的heigh[j]
然后从栈顶开始看，如果栈顶元素的min<height[j]记录下他的cnt然后把他pop掉
然后减去这个区间队后面s2的后缀做的贡献(min-K+1)cnt
就这样直到，栈顶元素的min>height[j]然后在压入height和我们一路记录下来的cnt之和
并加上这个区间中的s1的后缀队后面的s2的后缀做的贡献(height[j]-K+!)cnt
这其实就是，到j了，之前的元素如果其min比height[j]自然就应该被替换成height[j]
很是巧妙，我真的佩服发明出单调栈和单调队列的人们！！！！！！！！！
我们会发现一进一出时间O(n)
真牛！！！！！！
真的是应该好好理解。
我们之所以维护一个单调递增栈而不是一个单调递减栈，其原因就是：
在从上往下遍历的过程中。后面出现的height[]小于之前的height[]不会影响
但是如果小于的话就会影响。反应在上述操作中的就是我们需要一路pop栈顶，直到栈顶元素的height[]小于当前height[]
即前面的不在受影响！！！！
真牛！！！！！！！！！！！简单但是巧妙
而我在哪里被坑了呢？
我是在求后缀数组时被坑的！！！
我是无论是字符还是数字都统统转化为数字求的后缀数组。
在多组数据时，竟然在求解height数组时会因为前面的数据而导致当前数据求解错误！！！！！
原因是在比对r过程中，前面的数据残留会导致错误。
在我后缀数组的模板中r中似不可以出现0的，所以为了避免前面数据残留在承德影响，我们需要a[n]=0
坑死人了！！！！！！WA了一天！！！呜呜呜呜呜。。。。。。还好不是正式比赛！！！！！:)
代码如下
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<stack>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<ll, ll> pll;
const int max_n = 2e5 + 100;
int a[max_n];
int ranks[max_n], SA[max_n], height[max_n];
int wa[max_n], wb[max_n], wvarr[max_n], wsarr[max_n];
inline int cmp(int* r, int a, int b, int l) {
return r[a] == r[b] && r[a + l] == r[b + l];
}
inline void get_sa(int* r, int* sa, int n, int m) {
++n;
int i, j, p, * x = wa, * y = wb, * t;
for (i = 0; i < m; ++i) wsarr[i] = 0;
for (i = 0; i < n; ++i) wsarr[x[i] = r[i]]++;
for (i = 1; i < m; ++i) wsarr[i] += wsarr[i - 1];
for (i = n - 1; i >= 0; --i) sa[--wsarr[x[i]]] = i;
for (j = 1, p = 1; p < n; j <<= 1, m = p) {
for (p = 0, i = n - j; i < n; ++i) y[p++] = i;
for (i = 0; i < n; ++i) if (sa[i] >= j) y[p++] = sa[i] - j;
for (i = 0; i < n; ++i) wvarr[i] = x[y[i]];
for (i = 0; i < m; ++i) wsarr[i] = 0;
for (i = 0; i < n; ++i) wsarr[wvarr[i]]++;
for (i = 1; i < m; ++i) wsarr[i] += wsarr[i - 1];
for (i = n - 1; i >= 0; --i) sa[--wsarr[wvarr[i]]] = y[i];
for (t = x, x = y, y = t, p = 1, x[sa[0]] = 0, i = 1; i < n; ++i)
x[sa[i]] = cmp(y, sa[i - 1], sa[i], j) ? p - 1 : p++;
}
}
void get_height(int* r, int* sa, int n) {
int i, j, k = 0;
for (i = 0; i <= n; ++i) ranks[sa[i]] = i;
for (i = 0; i < n; height[ranks[i++]] = k)
for (k ? k-- : 0, j = sa[ranks[i] - 1]; r[i + k] == r[j + k]; k++);
return;
}
int K;
char s1[max_n], s2[max_n];
int main() {
while (scanf("%d", &K)) {
if (K == 0)break;
scanf("%s\n%s", &s1, &s2);
int n1 = strlen(s1);
int n2 = strlen(s2);
for (int i = 0;i < n1;++i)
a[i] = s1[i];
a[n1] = 290;
for (int i = n1 + 1;i < n1 + n2 + 1;++i)
a[i] = s2[i - n1 - 1];
a[n1 + n2 + 1] = 0;
get_sa(a, SA, n1 + n2 + 1, 300);
get_height(a, SA, n1 + n2 + 1);
ll ans = 0;ll sum = 0;
stack<pll> st;
for (int i = 2;i <= n1 + n2 + 1;++i) {
ll cnt = 0;
while (!st.empty() && st.top().first >= height[i]) {
cnt += st.top().second;
sum -= (st.top().first - K + 1) * st.top().second;
st.pop();
}if (height[i] < K) {
sum = 0;
continue;
}cnt += (SA[i - 1] < n1);
if (cnt != 0)st.push(pll(height[i], cnt));
sum += ((ll)height[i] - K + 1) * cnt;
if (SA[i] > n1)ans += sum;
}sum = 0;
while (!st.empty())st.pop();
for (int i = 2;i <= n1 + n2 + 1;++i) {
ll cnt = 0;
while (!st.empty() && st.top().first >= height[i]) {
cnt += st.top().second;
sum -= (st.top().first - K + 1) * st.top().second;
st.pop();
}if (height[i] < K) {
sum = 0;
continue;
}cnt += (SA[i - 1] > n1);
if (cnt != 0)st.push(pll(height[i], cnt));
sum += ((ll)height[i] - K + 1) * cnt;
if (SA[i] < n1)ans += sum;
}printf("%lld\n", ans);
}
}题单：https://vjudge.net/article/371
