3月18 周作业题解

寒冰王座

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Problem Description

不死族的巫妖王发工资拉,死亡骑士拿到一张N元的钞票(记住,只有一张钞票),为了防止自己在战斗中频繁的死掉,他决定给自己买一些道具,于是他来到了地精商店前.

死亡骑士:"我要买道具!"

地精商人:"我们这里有三种道具,血瓶150块一个,魔法药200块一个,无敌药水350块一个."

死亡骑士:"好的,给我一个血瓶."

说完他掏出那张N元的大钞递给地精商人.

地精商人:"我忘了提醒你了,我们这里没有找客人钱的习惯的,多的钱我们都当小费收了的,嘿嘿."

死亡骑士:"......"

死亡骑士想,与其把钱当小费送个他还不如自己多买一点道具,反正以后都要买的,早点买了放在家里也好,但是要尽量少让他赚小费.

现在死亡骑士希望你能帮他计算一下,最少他要给地精商人多少小费.

Input

输入数据的第一行是一个整数T(1<=T<=100),代表测试数据的数量.然后是T行测试数据,每个测试数据只包含一个正整数N(1<=N<=10000),N代表死亡骑士手中钞票的面值.

注意:地精商店只有题中描述的三种道具.

Output

对于每组测试数据,请你输出死亡骑士最少要浪费多少钱给地精商人作为小费.

Sample Input

2
900
250

Sample Output

0
50


思路：简单的完全背包，模板题。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<set>

using namespace std;

int T;
int n;
int money[3]={150,200,350};
int dp[10005];

int main()
{
    cin>>T;
    for(int i=0;i<3;i++){
            for(int j=money[i];j<10005;j++){
                dp[j]=max(dp[j],dp[j-money[i]]+money[i]);
            }
        }
    while(T--)
    {
        cin>>n;
        cout<<n-dp[n]<<endl;
    }
    return 0;
}

 

 

悼念512汶川大地震遇难同胞——珍惜现在，感恩生活

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Problem Description

急！灾区的食物依然短缺！
为了挽救灾区同胞的生命，心系灾区同胞的你准备自己采购一些粮食支援灾区，现在假设你一共有资金n元，而市场有m种大米，每种大米都是袋装产品，其价格不等，并且只能整袋购买。
请问：你用有限的资金最多能采购多少公斤粮食呢？

后记：
人生是一个充满了变数的生命过程，天灾、人祸、病痛是我们生命历程中不可预知的威胁。
月有阴晴圆缺，人有旦夕祸福，未来对于我们而言是一个未知数。那么，我们要做的就应该是珍惜现在，感恩生活——
感谢父母，他们给予我们生命，抚养我们成人；
感谢老师，他们授给我们知识，教我们做人
感谢朋友，他们让我们感受到世界的温暖；
感谢对手，他们令我们不断进取、努力。
同样，我们也要感谢痛苦与艰辛带给我们的财富～

<center> </center>

Input

输入数据首先包含一个正整数C，表示有C组测试用例，每组测试用例的第一行是两个整数n和m(1<=n<=100, 1<=m<=100),分别表示经费的金额和大米的种类，然后是m行数据，每行包含3个数p，h和c(1<=p<=20,1<=h<=200,1<=c<=20)，分别表示每袋的价格、每袋的重量以及对应种类大米的袋数。

Output

对于每组测试数据，请输出能够购买大米的最多重量，你可以假设经费买不光所有的大米，并且经费你可以不用完。每个实例的输出占一行。

Sample Input

1
8 2
2 100 4
4 100 2

Sample Output

400

思路：多维背包，直接转换成01背包处理即可，推荐使用二进制优化，当然也可以简单的分成一件件（给出的代码就是最基本的转换方法）。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>

using namespace std;
#define M 10000

int ans[M];
int sale[M], wei[M], num[M];

int main()
{
    int T;
    int money, spe, count;
    cin >> T;
    while (T--)
    {
        memset(ans, 0, sizeof(ans));

        cin >> money >> spe;
        count = spe;
        for (int i = 1; i <= spe; i++)
        {
            cin >> sale[i] >> wei[i] >> num[i];
        }

        for (int i = 1; i <= spe; i++)
        {
            while (num[i]>1)
            {
                num[i]--;
                count++;
                wei[count] = wei[i];
                sale[count] = sale[i];
            }
        }

        for (int i = 1; i <= count; i++) {
            for (int j = money; j >= sale[i]; j--) {
                ans[j] = max(ans[j], ans[j - sale[i]] + wei[i]);
            }
        }
        cout << ans[money] << endl;
    }
    return 0;
}

 

 

湫湫系列故事——减肥记I

Time Limit : 3000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 65535/32768K (Java/Other)
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Problem Description

　　对于吃货来说，过年最幸福的事就是吃了，没有之一！
　　但是对于女生来说，卡路里（热量）是天敌啊！
　　资深美女湫湫深谙“胖来如山倒，胖去如抽丝”的道理，所以她希望你能帮忙制定一个食谱，能使她吃得开心的同时，不会制造太多的天敌。

　　当然，为了方便你制作食谱，湫湫给了你每日食物清单，上面描述了当天她想吃的每种食物能带给她的幸福程度，以及会增加的卡路里量。

Input

　　输入包含多组测试用例。
　　每组数据以一个整数n开始，表示每天的食物清单有n种食物。
　　接下来n行，每行两个整数a和b，其中a表示这种食物可以带给湫湫的幸福值（数值越大，越幸福），b表示湫湫吃这种食物会吸收的卡路里量。
　　最后是一个整数m，表示湫湫一天吸收的卡路里不能超过m。

　　 [Technical Specification]
　　1. 1 <= n <= 100
　　2. 0 <= a,b <= 100000
　　3. 1 <= m <= 100000

Output

　　对每份清单，输出一个整数，即满足卡路里吸收量的同时，湫湫可获得的最大幸福值。

Sample Input

3
3 3
7 7
9 9
10
5
1 1
5 3
10 3
6 8
7 5
6

Sample Output

10
20


思路：还是完全背包。。。。。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>

using namespace std;

int n,limit;
int dp[100005];
struct Data
{
    int get;
    int out;
}food[105];


int main()
{
    while(cin>>n)
    {
        memset(dp,0,sizeof(dp));
        for(int i=1;i<=n;i++){
            cin>>food[i].get>>food[i].out;
        }
        cin>>limit;
        for(int i=1;i<=n;i++){
            for(int j=food[i].out;j<=limit;j++){
                dp[j]=max(dp[j],dp[j-food[i].out]+food[i].get);
            }
        }
        cout<<dp[limit]<<endl;
    }
    
    return 0;
}

 

 

畅通工程

Time Limit : 4000/2000ms (Java/Other)   Memory Limit : 65536/32768K (Java/Other)
Total Submission(s) : 17   Accepted Submission(s) : 8

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Problem Description

某省调查城镇交通状况，得到现有城镇道路统计表，表中列出了每条道路直接连通的城镇。省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个城镇间都可以实现交通（但不一定有直接的道路相连，只要互相间接通过道路可达即可）。问最少还需要建设多少条道路？

Input

测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行给出两个正整数，分别是城镇数目N ( < 1000 )和道路数目M；随后的M行对应M条道路，每行给出一对正整数，分别是该条道路直接连通的两个城镇的编号。为简单起见，城镇从1到N编号。
注意:两个城市之间可以有多条道路相通,也就是说
3 3
1 2
1 2
2 1
这种输入也是合法的
当N为0时，输入结束，该用例不被处理。

Output

对每个测试用例，在1行里输出最少还需要建设的道路数目。

Sample Input

4 2
1 3
4 3
3 3
1 2
1 3
2 3
5 2
1 2
3 5
999 0
0

Sample Output

1
0
2
998

Hint

Hint
Huge input, scanf is recommended. 

 
思路：考察并查集的掌握，记得结尾-1就可以，因为n个版块连接只需要n-1条路
  
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>

using namespace std;

int ans;
int n,m;
int u,v;
int boss[1010];

void init()
{
    ans=0;
    for(int i=0;i<=n;i++){
        boss[i]=i;
    }
}

int find(int k)
{
    if(boss[k]==k){
        return k;
    }
    boss[k]=find(boss[k]);
    return boss[k];
}

void mercy(int x,int y)
{
    int t_1,t_2;
    t_1=find(x);
    t_2=find(y);
    if(t_1>t_2){
        boss[t_2]=t_1;
    }
    else{
        boss[t_1]=t_2;
    }
}


int main()
{
    while(scanf("%d",&n)!=EOF && n)
    {
        cin>>m;
        init();
        for(int i=1;i<=m;i++){
            cin>>u>>v;
            mercy(u,v);
        }
        for(int i=1;i<=n;i++){
            if(boss[i]==i){
                ans++;
            }
        }
        cout<<ans-1<<endl;
    }
    return 0;
}

 

还是畅通工程

Time Limit : 4000/2000ms (Java/Other)   Memory Limit : 65536/32768K (Java/Other)
Total Submission(s) : 22   Accepted Submission(s) : 6

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Problem Description

某省调查乡村交通状况，得到的统计表中列出了任意两村庄间的距离。省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个村庄间都可以实现公路交通（但不一定有直接的公路相连，只要能间接通过公路可达即可），并要求铺设的公路总长度为最小。请计算最小的公路总长度。

Input

测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行给出村庄数目N ( < 100 )；随后的N(N-1)/2行对应村庄间的距离，每行给出一对正整数，分别是两个村庄的编号，以及此两村庄间的距离。为简单起见，村庄从1到N编号。
当N为0时，输入结束，该用例不被处理。

Output

对每个测试用例，在1行里输出最小的公路总长度。

Sample Input

3
1 2 1
1 3 2
2 3 4
4
1 2 1
1 3 4
1 4 1
2 3 3
2 4 2
3 4 5
0

Sample Output

3
5

Hint

Hint
Huge input, scanf is recommended. 
 
思路：考察最小生成树
  
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>

using namespace std;

int n;
int m;
int ans;
int Count;
int boss[100];
struct Data
{
    int u;
    int v;
    int len;
}load[5000];

void init()
{
    ans=Count=0;
    m=n*(n-1)/2;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        boss[i]=i;
    }
}

int cmp(Data &a,Data &b)
{
    return a.len<b.len;
}

int find(int k)
{
    if(boss[k]==k)
    {
        return k;
    }
    boss[k]=find(boss[k]);
    return boss[k];
}

void mercy(int x,int y)
{
    int t_1,t_2;
    t_1=find(x);
    t_2=find(y);
    if(t_1!=t_2)
    {
        boss[t_2]=t_1;
    }
}

int main()
{
    while(scanf("%d",&n)!=EOF && n)
    {
        init();
        for(int i=1;i<=m;i++){
            cin>>load[i].u>>load[i].v>>load[i].len;
        }
        sort(load+1,load+m+1,cmp);
        for(int i=1;i<=m;i++){
            if(find(load[i].u)!=find(load[i].v)){
                mercy(load[i].u,load[i].v);
                ans+=load[i].len;
                Count++;
            }
            if(Count==n-1){
                break;
            }
        }
        cout<<ans<<endl;
    }
    
    return 0;
}

 

 

继续畅通工程

Time Limit : 2000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 32768/32768K (Java/Other)
Total Submission(s) : 10   Accepted Submission(s) : 5

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Problem Description

省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个村庄间都可以实现公路交通（但不一定有直接的公路相连，只要能间接通过公路可达即可）。现得到城镇道路统计表，表中列出了任意两城镇间修建道路的费用，以及该道路是否已经修通的状态。现请你编写程序，计算出全省畅通需要的最低成本。

Input

测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行给出村庄数目N ( 1< N < 100 )；随后的 N(N-1)/2 行对应村庄间道路的成本及修建状态，每行给4个正整数，分别是两个村庄的编号（从1编号到N），此两村庄间道路的成本，以及修建状态：1表示已建，0表示未建。

当N为0时输入结束。

Output

每个测试用例的输出占一行，输出全省畅通需要的最低成本。

Sample Input

3
1 2 1 0
1 3 2 0
2 3 4 0
3
1 2 1 0
1 3 2 0
2 3 4 1
3
1 2 1 0
1 3 2 1
2 3 4 1
0

Sample Output

3
1
0

思路：依然是最小生成树，不过有些路已经修好，那就先把这些路排在前面，然后成本设置为0就可以了。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>

using namespace std;

int n;
int m;
int ans;
int Count;
int boss[100];
struct Data
{
    int ok;
    int u;
    int v;
    int len;
}load[5000];

void init()
{
    ans=Count=0;
    m=n*(n-1)/2;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        boss[i]=i;
    }
}

int cmp(Data &a,Data &b)
{
    if(a.ok==b.ok){
        return a.len<b.len;
    }
    else{
        return a.ok<b.ok;
    }
}

int find(int k)
{
    if(boss[k]==k)
    {
        return k;
    }
    boss[k]=find(boss[k]);
    return boss[k];
}

void mercy(int x,int y)
{
    int t_1,t_2;
    t_1=find(x);
    t_2=find(y);
    if(t_1!=t_2)
    {
        boss[t_2]=t_1;
    }
}

int main()
{
    while(scanf("%d",&n)!=EOF && n)
    {
        init();
        for(int i=1;i<=m;i++){
            scanf("%d%d%d%d",&load[i].u,&load[i].v,&load[i].len,&load[i].ok);
            if(load[i].ok){
                mercy(load[i].u,load[i].v);
            }
        }
        
        sort(load+1,load+m+1,cmp);
        
        for(int i=1;i<=m;i++){
            if(load[i].ok==1){break;}
            if(find(load[i].u)!=find(load[i].v)){
                mercy(load[i].u,load[i].v);
            //    cout<<load[i].u<<' '<<load[i].v<<' '<<load[i].len<<endl;
                ans+=load[i].len;
                Count++;
            }
            if(Count==n-1){
                break;
            }
        }
        cout<<ans<<endl;
    }
    return 0;
}

 

 

畅通工程续

Time Limit : 3000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 32768/32768K (Java/Other)
Total Submission(s) : 5   Accepted Submission(s) : 2

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Problem Description

某省自从实行了很多年的畅通工程计划后，终于修建了很多路。不过路多了也不好，每次要从一个城镇到另一个城镇时，都有许多种道路方案可以选择，而某些方案要比另一些方案行走的距离要短很多。这让行人很困扰。

现在，已知起点和终点，请你计算出要从起点到终点，最短需要行走多少距离。

Input

本题目包含多组数据，请处理到文件结束。
每组数据第一行包含两个正整数N和M(0<N<200,0<M<1000)，分别代表现有城镇的数目和已修建的道路的数目。城镇分别以0～N-1编号。
接下来是M行道路信息。每一行有三个整数A,B,X(0<=A,B<N,A!=B,0<X<10000),表示城镇A和城镇B之间有一条长度为X的双向道路。
再接下一行有两个整数S,T(0<=S,T<N)，分别代表起点和终点。

Output

对于每组数据，请在一行里输出最短需要行走的距离。如果不存在从S到T的路线，就输出-1.

Sample Input

3 3
0 1 1
0 2 3
1 2 1
0 2
3 1
0 1 1
1 2

Sample Output

2
-1

思路：最短路练习，有Dijkstra算法，Bellman-Ford算法，Floyd算法和SPFA算法都能解决，下面用到是Floyd算法（简单实现但是容易超时）

#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define inf 100000
#define M 2005

int n, m;
int st, ed;
int u, v, len;
int Map[M][M];

void init()
{
    for (int i = 0; i <= n; i++) {
        for (int j = 0; j <= n; j++) {
            if (i == j) {
                Map[i][j] = 0;
            }
            else {
                Map[i][j] = inf;
            }
        }
    }
}

int main()
{
    while (scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
    {
        init();
        for (int i = 1; i <= m; i++) {
            cin >> u >> v >> len;
            if (Map[u][v] > len) {
                Map[u][v] = len;
                Map[v][u] = len;
            }
        }
        cin >> st >> ed;
        for (int k = 0; k < n; k++) {
            for (int i = 0; i < n; i++) {
                for (int j = 0; j < n; j++) {
                    if (Map[i][j] > Map[i][k] + Map[k][j]) {
                        Map[i][j] = Map[i][k] + Map[k][j];
                    }
                }
            }
        }
        if (Map[st][ed] == inf) {
            cout << -1 << endl;
        }
        else {
            cout << Map[st][ed] << endl;
        }
    }
    return 0;
}

 

一个人的旅行

Time Limit : 1000/1000ms (Java/Other)   Memory Limit : 32768/32768K (Java/Other)
Total Submission(s) : 3   Accepted Submission(s) : 2

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Problem Description

虽然草儿是个路痴（就是在杭电待了一年多，居然还会在校园里迷路的人，汗~),但是草儿仍然很喜欢旅行，因为在旅途中 会遇见很多人（白马王子，^0^），很多事，还能丰富自己的阅历，还可以看美丽的风景……草儿想去很多地方，她想要去东京铁塔看夜景，去威尼斯看电影，去阳明山上看海芋，去纽约纯粹看雪景，去巴黎喝咖啡写信，去北京探望孟姜女……眼看寒假就快到了，这么一大段时间，可不能浪费啊，一定要给自己好好的放个假，可是也不能荒废了训练啊，所以草儿决定在要在最短的时间去一个自己想去的地方！因为草儿的家在一个小镇上，没有火车经过，所以她只能去邻近的城市坐火车（好可怜啊~）。

Input

输入数据有多组，每组的第一行是三个整数T，S和D，表示有T条路，和草儿家相邻的城市的有S个，草儿想去的地方有D个；
接着有T行，每行有三个整数a，b，time,表示a,b城市之间的车程是time小时；(1=<(a,b)<=1000;a,b 之间可能有多条路)
接着的第T+1行有S个数，表示和草儿家相连的城市；
接着的第T+2行有D个数，表示草儿想去地方。

Output

输出草儿能去某个喜欢的城市的最短时间。

Sample Input

6 2 3
1 3 5
1 4 7
2 8 12
3 8 4
4 9 12
9 10 2
1 2
8 9 10

Sample Output

9

思路：依然是最短路练习，保存下附近城市和目的城市，后面再比较一下距离就可以了。

#include <iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>

using namespace std;
#define M 1010
#define inf 0x3f3f3f3f

int n;
int ans;
int T, S, D;
int u, v, w;
int Map[M][M];
int Nei[M], Aim[M];


void init()
{
    n = 0;
    ans = inf;
    for (int i = 1; i <= 1000; i++) {
        for (int j = 1; j <= 1000; j++) {
            if (i == j) { Map[i][j] = Map[j][i] = 0; }
            else{ Map[i][j] = Map[j][i] = inf; }
        }
    }
}

void Get_data()
{
    for (int i = 1; i <= T; i++) {
        scanf("%d%d%d", &u, &v, &w);
        if (Map[u][v] > w) {
            Map[u][v] = Map[v][u] = w;
        }
        n = max(n, max(u, v));
    }
    for (int i = 1; i <= S; i++) {
        scanf("%d", &Nei[i]);
    }
    for (int i = 1; i <= D; i++) {
        scanf("%d", &Aim[i]);
    }
}

void Dis_data()
{
    for (int k = 1; k <= n; k++) {
        for (int i = 1; i <= n; i++) {
            if (Map[i][k] == inf) { continue; }
            for (int j = 1; j <= n; j++) {
                if (i == j) { continue; }
                if (Map[k][j] == inf) { continue; }
                if (Map[i][j] > Map[i][k] + Map[k][j]) {
                    Map[i][j] = Map[i][k] + Map[k][j];
                    Map[j][i] = Map[i][j];
                }
            }
        }
    }
}

void Ans_data()
{
    for (int i = 1; i <= S; i++) {
        for (int j = 1; j <= D; j++) {
            ans = min(ans, Map[Nei[i]][Aim[j]]);
        }
    }
    cout << ans << endl;
}

int main()
{
    while (scanf("%d%d%d", &T, &S, &D) != EOF)
    {
        init();
        Get_data();
        Dis_data();
        Ans_data();
    }
    return 0;
}

 




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