USACO 6.4 章节

The Primes

题目大意

5*5矩阵,给定左上角

要所有行，列，从左向右看对角线为质数，没有前导零，且这些质数数位和相等(题目给和)

按字典序输出所有方案。。。

题解

看上去就是个 无脑暴搜

题目条件翻译成处理或剪枝

  1. 按照 字典序顺序搜，
  2. 末位是奇数
  3. 和确定了，那么前4位的和的奇偶性确定了
  4. 数值是5位数，可以先生成质数表
  5. 和-前n位和 小于 9乘剩余位数

也许先把第一行和第一列定下，然后按照数位和 再分组质数，搜索量会超级小?

17 7的这组数据 超过5s (i7-7700HQ)

#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,n) for (long long i=a;i<n;i++)
#define per(i,a,n) for (long long i=n-1;i>=a;i--)

using namespace std;

const string filename = "prime3";

void usefile(){
  freopen((filename+".in").c_str(),"r",stdin);
  freopen((filename+".out").c_str(),"w",stdout);
}

int A[10][10];
int p[100010];
int s;

bool check(int idxi,int idxj){
  {
    int sum = 0;
    rep(i,0,idxi+1){
      sum+=A[i][idxj];
    }
    if(sum > s){
      return false;
    }
    if( (s-sum) > (4-idxi)*9 ){
      return false;
    }
    if(idxi == 0 && sum == 0){
      return false;
    }
    if(idxi == 4){
      if(sum != s){
        return false;
      }
      int v = 0;
      rep(i,0,5){
        v*=10;
        v+=A[i][idxj];
      }
      if(p[v]){
        return false;
      }
    }
    if(idxi == 3 && (s-sum)%2 == 0){
      return false;
    }
  }
  {

    int sum = 0;
    rep(j,0,idxj+1){
      sum+=A[idxi][j];
    }
    if(sum > s){
      return false;
    }
    if( (s-sum) > (4-idxj)*9 ){
      return false;
    }
    if(idxj == 0 && sum == 0){
      return false;
    }
    if(idxj == 4){
      if(sum != s){
        return false;
      }
      int v = 0;
      rep(j,0,5){
        v*=10;
        v+=A[idxi][j];
      }
      if(p[v]){
        return false;
      }
    }
    if(idxj == 3 && (s-sum)%2 == 0){
      return false;
    }
  }
  {
    // 左下到右上
    if(idxi+idxj == 4){
      int sum = 0;
      rep(i,0,idxi+1){
        sum+=A[i][4-i];
      }
      if(sum > s){
        return false;
      }
      if( (s-sum) > (4-idxi)*9 ){
        return false;
      }
      if(idxi == 4){
        if(sum != s){
          return false;
        }
        int v = 0;
        per(i,0,5){
          v*=10;
          v+=A[i][4-i];
        }
        if(p[v]){
          return false;
        }
      }
    }
  }
  {
    // 左上到右下
    if(idxi-idxj == 0){
      int sum = 0;
      rep(i,0,idxi+1){
        sum+=A[i][i];
      }
      if(sum > s){
        return false;
      }
      if( (s-sum) > (4-idxi)*9 ){
        return false;
      }
      if(idxi == 4){
        if(sum != s){
          return false;
        }
        int v = 0;
        rep(i,0,5){
          v*=10;
          v+=A[i][i];
        }
        if(p[v]){
          return false;
        }
      }
      if(idxj == 3 && (s-sum)%2 == 0){
        return false;
      }
    }
  }
  return true;
}

void print(){
  static bool pre_n = false;
  if(pre_n){
    printf("\n");
  }else{
    pre_n = true;
  }
  rep(i,0,5){
    rep(j,0,5){
      printf("%d",A[i][j]);
    }
    printf("\n");
  }
}

void dfs(int pos){
  if(pos == 25){
    print();
    return ;
  }
  int idxi = pos/5;
  int idxj = pos%5;
  rep(i,0,10){
    A[idxi][idxj] = i;
    if(check(idxi,idxj)){
      dfs(pos+1);
    }
  }
}

void init(){
  rep(i,2,100000){
    if(!p[i]){
      for(long long j = i*i;j<100000;j+=i){
        p[j] = 1;
      }
    }
  }
}

int main(){
  usefile();
  init();
  cin>>s>>A[0][0];
  dfs(1);

  return 0;
}

根据和来看看个数得到 和:个数

4:4
5:12
7:28
8:45
10:95
11:143
13:236
14:272
16:411
17:479
19:630
20:664
22:742
23:757
25:741
26:706
28:580
29:528
31:379
32:341
34:205
35:166
37:84
38:62
40:34
41:13
43:4
44:2

相对于原来 的搜索空间 小了很多

改完以后 第6个点超时: 17 1

#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,n) for (long long i=a;i<n;i++)
#define per(i,a,n) for (long long i=n-1;i>=a;i--)

using namespace std;

const string filename = "prime3";

void usefile(){
  freopen((filename+".in").c_str(),"r",stdin);
  freopen((filename+".out").c_str(),"w",stdout);
}

int A[10][10];
int p[100010];
map<int,vector<int>>sum2v;
set<string>ss;
int s;

void print(){
  string news = "";
  rep(i,0,5){
    rep(j,0,5){
      news += ('0'+A[i][j]);
    }
    news += '\n';
  }
  ss.insert(news);
  return ;
  static bool pre_n = false;
  if(pre_n){
    printf("\n");
  }else{
    pre_n = true;
  }
  rep(i,0,5){
    rep(j,0,5){
      printf("%d",A[i][j]);
    }
    printf("\n");
  }
}

void check(){
  int ncnt = 0;
  int sum = 0;
  per(i,0,5){
    sum*=10;
    sum+=A[i][4-i];
    ncnt+=A[i][4-i];
  }
  if(ncnt != s)return;
  if(p[sum])return;
  int sum0=0;
  int ncnt0=0;
  rep(i,0,4){
    sum0+=A[i][i];
    sum0*=10;
    ncnt0+=A[i][i];
  }
  int sum1=0;
  int ncnt1=0;
  rep(j,0,4){
    sum1+=A[4][j];
    sum1*=10;
    ncnt1+=A[4][j];
  }
  int sum2=0;
  int ncnt2=0;
  rep(i,0,4){
    sum2+=A[i][4];
    sum2*=10;
    ncnt2+=A[i][4];
  }
  if(ncnt0 != ncnt1 || ncnt0 != ncnt2)return;
  int i = s - ncnt0;
  if(i < 0 || i > 10 || i%2 == 0)return ;
  if((!p[sum0+i]) && (!p[sum1+i]) && (!p[sum2+i])){
    // printf("sum:%d\n",sum);
    A[4][4] = i;
    print();
  }
}

void dfs(int ij){
  if(ij == 4){
    check();
    return ;
  }
  int prerow = 0;
  int precol = 0;
  rep(j,0,ij){
    prerow *=10;
    prerow += A[ij][j];
  }
  if(ij == 0){
    prerow = A[0][0];
  }

  rep(i,0,ij){
    precol += A[i][ij];
    precol *=10;
  }

  for(auto vrow:sum2v[prerow]){
    int pre0 = false;
    per(j,0,5){
      // printf("[%d]%d ==> vrow[%05d]A0[%d][%lld]=%d\n",ij,prerow,vrow,ij,j,vrow%10);
      A[ij][j]=vrow%10;
      vrow/=10;
      if(ij == 0 && A[ij][j] == 0){
        pre0 = true;
        break;
      }
    }
    if(pre0)continue;
    int pcol = precol+A[ij][ij];
    for(auto vcol:sum2v[pcol]){
      pre0 = false;
      per(i,0,5){
        // printf("\t[%d] %d ==> vcol[%05d]A1[%lld][%d]=%d\n",ij,pcol,vcol,i,ij,vcol%10);
        A[i][ij]=vcol%10;
        vcol/=10;
        if(ij == 0 && A[i][ij] == 0){
          pre0 = true;
          break;
        }
      }
      if(pre0)continue;
      dfs(ij+1);
    }
  }
}

void init(){
  rep(i,2,100000){
    if(!p[i]){
      if(i>=10000){
        int sum = 0;
        int ii = i;
        rep(idx,0,5){
          sum+=ii%10;
          ii/=10;
        }
        if(sum == s){
          int ii = i;
          rep(idx,0,5){
            sum2v[ii].push_back(i);
            ii/=10;
          }
        }
      }
      for(long long j = i*i;j<100000;j+=i){
        p[j] = 1;
      }
    }
  }
}

int main(){
  usefile();
  cin>>s>>A[0][0];
  init();
  dfs(0);
  for(auto item:ss){
    static bool pn = false;
    if(pn){
      printf("\n");
    }else{
      pn = true;
    }
    printf("%s",item.c_str());
  }
  return 0;
}

再增加一个预先剪枝 依然没过 第6个点，在我的电脑上1.893s

然后我对 中间的点，进行了预处理(预先判断 左下角到右上角)，tle 9,数据是23 1,虽然我的电脑上1.099s

然后 把map换成 数组 就本地0.227s，USACO就过了...

#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,n) for (long long i=a;i<n;i++)
#define per(i,a,n) for (long long i=n-1;i>=a;i--)

using namespace std;

const string filename = "prime3";

void usefile(){
  freopen((filename+".in").c_str(),"r",stdin);
  freopen((filename+".out").c_str(),"w",stdout);
}

int A[10][10];
int p[100010];
vector<int>sum2v[100010];
set<string>ss;
int s;

void print(){
  string news = "";
  rep(i,0,5){
    rep(j,0,5){
      news += ('0'+A[i][j]);
    }
    news += '\n';
  }
  ss.insert(news);
  return ;
  static bool pre_n = false;
  if(pre_n){
    printf("\n");
  }else{
    pre_n = true;
  }
  rep(i,0,5){
    rep(j,0,5){
      printf("%d",A[i][j]);
    }
    printf("\n");
  }
}

void check(){
  int ncnt = 0;
  int sum = 0;
  per(i,0,5){
    sum*=10;
    sum+=A[i][4-i];
    ncnt+=A[i][4-i];
  }
  if(ncnt != s)return;
  if(p[sum])return;
  int sum0=0;
  int ncnt0=0;
  rep(i,0,4){
    sum0+=A[i][i];
    sum0*=10;
    ncnt0+=A[i][i];
  }
  int sum1=0;
  int ncnt1=0;
  rep(j,0,4){
    sum1+=A[4][j];
    sum1*=10;
    ncnt1+=A[4][j];
  }
  int sum2=0;
  int ncnt2=0;
  rep(i,0,4){
    sum2+=A[i][4];
    sum2*=10;
    ncnt2+=A[i][4];
  }
  if(ncnt0 != ncnt1 || ncnt0 != ncnt2)return;
  int i = s - ncnt0;
  if(i < 0 || i > 10 || i%2 == 0)return ;
  if((!p[sum0+i]) && (!p[sum1+i]) && (!p[sum2+i])){
    // printf("sum:%d\n",sum);
    A[4][4] = i;
    print();
  }
}

bool precheck(int ij){
  rep(i,ij+1,5){
    int pre = 0;
    rep(j,0,ij+1){
      pre*=10;
      pre+=A[i][j];
    }
    if(!sum2v[pre].size())return false;
  }
  rep(j,ij+1,5){
    int pre = 0;
    rep(i,0,ij+1){
      pre*=10;
      pre+=A[i][j];
    }
    if(!sum2v[pre].size())return false;
  }
  if(ij == 2){
    int sum = 0;
    int pre = 0;
    per(i,0,5){
      pre*=10;
      pre+=A[i][4-i];
      sum+=A[i][4-i];
    }
    if(s!=sum)return false;
    if(p[pre])return false;
  }
  return true;
}


void dfs(int ij){
  if(ij == 4){
    check();
    return ;
  }
  int prerow = 0;
  int precol = 0;
  rep(j,0,ij){
    prerow *=10;
    prerow += A[ij][j];
  }
  if(ij == 0){
    prerow = A[0][0];
  }

  rep(i,0,ij){
    precol += A[i][ij];
    precol *=10;
  }

  // A[2][2]
  if(ij == 2){
    int mid = s- A[4][0]-A[3][1]-A[1][3]-A[0][4];
    if(mid < 0 || mid > 9)return;
    int v = A[4][0]*10000+A[3][1]*1000+mid*100+A[1][3]*10+A[0][4];
    if(p[v])return;// 左下到右上
    prerow = prerow*10+mid;
  }

  for(auto vrow:sum2v[prerow]){
    int pre0 = false;
    per(j,0,5){
      A[ij][j]=vrow%10;
      vrow/=10;
      if(ij == 0 && A[ij][j] == 0){
        pre0 = true;
        break;
      }
    }
    if(pre0)continue;
    int pcol = precol+A[ij][ij];
    for(auto vcol:sum2v[pcol]){
      pre0 = false;
      per(i,0,5){
        A[i][ij]=vcol%10;
        vcol/=10;
        if(ij == 0 && A[i][ij] == 0){
          pre0 = true;
          break;
        }
      }
      if(pre0)continue;
      if(!precheck(ij))continue;
      dfs(ij+1);
    }
  }
}

void init(){
  rep(i,2,100000){
    if(!p[i]){
      if(i>=10000){
        int sum = 0;
        int ii = i;
        rep(idx,0,5){
          sum+=ii%10;
          ii/=10;
        }
        if(sum == s){
          int ii = i;
          rep(idx,0,5){
            sum2v[ii].push_back(i);
            ii/=10;
          }
        }
      }
      for(long long j = i*i;j<100000;j+=i){
        p[j] = 1;
      }
    }
  }
}

int main(){
  usefile();
  cin>>s>>A[0][0];
  init();
  dfs(0);
  for(auto item:ss){
    static bool pn = false;
    if(pn){
      printf("\n");
    }else{
      pn = true;
    }
    printf("%s",item.c_str());
  }
  return 0;
}

提交后测试

  1. 把precheck 去掉， 发现也能过，甚至更快XD，说明其作用 小于 其副作用
  2. 把A[2][2] 预处理去掉 会超时第8个点

Electric Fences

题目大意

<=150条线段(和X 轴或 Y轴平行) ， 坐标 范围0<= x,y<=100

求一个点(可以非整数,最多1位小数)，从这个点 向每一条线段连出一个线段，使连出的线段长度综合最小，求点坐标和 最小总长度

题解

如果我们得到了一个点，那么 这个点到一条线段做垂线，如果垂线的垂点在线段上那么为这条垂线，否则为点到这条线段其中一个端点的长度

显然 和计算几何有关因为都和坐标轴平行了，完全用不到计算几何

有什么用呢？到所有线段都刚刚是垂线段最好？

显然有反例 (0,0)-(1,0),(0,0)-(0,1),(1,1)-(2,1), 如果是所有线段都刚刚垂线段那么显然选点(1,1),然而选点0,0可以得到更好的线段长度总和，说明(1,1)不是最优点

  1. 一个办法是 坐标乘10 ，然后枚举O(1000*1000*150)
  2. 一个算法是模拟退火！！！
  3. 精度逼近法,如果 一个区域的 最大距离 小于 另一个区域的最小距离，那么显然抛弃另一个，对这个区域可以进行再划分,至于怎么划分 还没具体方法
  4. 二维三分,求助！证明 在x和y方向 ，距离值函数都是凹函数(上凸)

基于未证明的 凸 假设 下的简化模拟退火, AC

#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,n) for (int i=a;i<n;i++)
#define per(i,a,n) for (int i=n-1;i>=a;i--)

using namespace std;

const string filename = "fence3";

void usefile(){
  freopen((filename+".in").c_str(),"r",stdin);
  freopen((filename+".out").c_str(),"w",stdout);
}

double absarrow(double derx,double dery){
  return sqrt(derx*derx+dery*dery);
}

struct re{
  int x1,y1,x2,y2;
}l[160];
double dis(double x,double y,int idx){
  if(l[idx].x1==l[idx].x2){
    if(y<l[idx].y1)return absarrow(x-l[idx].x1,y-l[idx].y1);
    if(y>l[idx].y2)return absarrow(x-l[idx].x2,y-l[idx].y2);
    return fabs(x-l[idx].x1);
  }else{
    if(x<l[idx].x1)return absarrow(x-l[idx].x1,y-l[idx].y1);
    if(x>l[idx].x2)return absarrow(x-l[idx].x2,y-l[idx].y2);
    return fabs(y-l[idx].y1);
  }
}

int main(){
  usefile();
  srand(size_t(time(NULL)));
  int n=0;
  cin >> n;
  double x=rand()%100;
  double y=rand()%100;
  double step=100;
  tuple<double,double,double>ans;
  rep(i,0,n){
    scanf("%d %d %d %d", &l[i].x1,&l[i].y1,&l[i].x2,&l[i].y2);
    // 因为平行于坐标轴 所以 必定有一组相等，所以只用换一组
    if(l[i].x1>l[i].x2)swap(l[i].x1,l[i].x2);
    if(l[i].y1>l[i].y2)swap(l[i].y1,l[i].y2);
    get<2>(ans) += dis(x,y,i);
  }
  int d=31;
  while(step>10e-3){
    rep(i,0,500){
      // 以任意方向 长度为step进行下降 d((x,y),(newx,newy)) = step
      double newx,newy;
      newx=step*(double(rand())/double(RAND_MAX))*(2*(rand()%2)-1); // [-step,step]
      newy=sqrt(step*step-newx*newx)*(2*(rand()%2)-1)+y; // 保证x y变化的向量长度是 step
      newx+=x;
      double lencnt=0;
      rep(idx,0,n){
        lencnt+=dis(newx,newy,idx);
      }
      // 如果更优下降
      if(lencnt-get<2>(ans)<0){
        x=newx;
        y=newy;
        ans={newx,newy,lencnt};
      }
    }
    d++;
    // 约从 1.1568910657987959 速率开始
    step/=log10(d)/log10(20);
  }
  printf("%.1lf %.1lf %.1lf\n",get<0>(ans),get<1>(ans),get<2>(ans));
  return 0;
}

延伸思考， 1.如何证明凸性质，2.如果增加线段，加一些不平行于坐标轴的线段，是否还是有凸的性质

Wisconsin Squares

题目大意

考英语了 考英语了 Guernseys (A), Jerseys (B), Herefords (C), Black Angus (D), and Longhorns (E).

4*4 的矩阵

原来有3*A0,3*B0,4*C0,3*D0,3*E0 现在需要有3*A1,3*B1,3*C1,4*D1,3*E1

现在的操作是 每次替换一个某种0 为 任意一种1,直到把4*4的所有替换完

限制，每次操作后，保证 没有相邻(8向)的相同字母, 如C0和C0算相同字母， A1和A0算相同字母

输入 初始 布局

输出 字典序最小的可行的方案过程和 可行的方案过程的总数

题解

一看就想暴搜啊

......然后 真的就过了，只有一个测试点

#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,n) for (int i=a;i<n;i++)
#define per(i,a,n) for (int i=n-1;i>=a;i--)

using namespace std;

const string filename = "wissqu";

pair<int,int> v[10][10];
char s[10][10];

void usefile(){
  freopen((filename+".in").c_str(),"r",stdin);
  freopen((filename+".out").c_str(),"w",stdout);
}

int cnt[10];
bool success = false;
int anscnt = 0;
tuple<char,int,int> pick[100];

int di[]={-1,-1,-1,0,0,0,1,1,1};
int dj[]={-1,0,1,-1,0,1,-1,0,1};

void dfs(int deep){
  if(deep == 16){
    anscnt++;
    if(!success){
      success = true;
      rep(i,0,16){
        printf("%c %d %d\n",get<0>(pick[i]),get<1>(pick[i]),get<2>(pick[i]));
      }
    }
    return ;
  }
  rep(k,0,5){
    if(deep == 0 && k != 3)continue;
    if(!cnt[k])continue;
    rep(i,0,4){
      rep(j,0,4){
        if(v[i][j].second)continue;
        bool conflict = false;
        rep(m,0,9){
          int newi = i+di[m];
          int newj = j+dj[m];
          if(newi < 0 || newj < 0 || newi > 4 || newj > 4){
            continue;
          }
          if(v[newi][newj].first == k){
            conflict = true;
            break;
          }
        }
        if(conflict)continue;
        auto old = v[i][j];
        v[i][j] = {k,1};
        pick[deep] = {'A'+k,i+1,j+1};
        cnt[k]--;
        dfs(deep+1);
        cnt[k]++;
        v[i][j] = old;
      }
    }
  }
}

int main(){
  usefile();
  rep(i,0,4){
    scanf("%s",s[i]);
  }
  cnt[0] = 3;
  cnt[1] = 3;
  cnt[2] = 3;
  cnt[3] = 4;
  cnt[4] = 3;
  rep(i,0,4){
    rep(j,0,4){
      v[i][j] = {s[i][j]-'A',0};
    }
  }
  dfs(0);
  printf("%d\n",anscnt);
  return 0;
}

总结

我发现 普通的题，基本是一眼算法+分析复杂度+实现

而这种搜索剪枝的是，先上暴搜，逐个尝试加剪枝看效果XD,因为只能大概猜剪枝对效率的影响，而无法很直接的估计复杂度

另外，具体实现的常数有时很重要

和上一章的各种剪枝相比，这一章真的easy

本文其它博客地址

github:https://yexiaorain.github.io/Blog/2019-07-03-USACO-6.4/

博客园:https://www.cnblogs.com/CroMarmot/p/11130744.html

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